Last Edit: 11/25/24
Eigenvectors and Eigenvalues #
- 考虑Linear Transformation为一种Function，输入x而输出\(Ax\)
- Eigenvector即对于指定的Vector x，其Ax平行于x，有 $$Ax=\lambda x$$
- 其中x为A的Eigenvector，\(\lambda\)为A的Eigenvalue
- 特征向量的定义要求\(x \neq 0\)
Zero Eigenvalue #
- 如果0为Matrix的Eigenvalue，则有 $$Ax=0x=0$$
- Eigenvalue 0所对应的Vector Span出了Matrix的Null Space
- 如果矩阵A为不可逆矩阵，则0是其特征值之一
ex. Projection Matrix #
- 对于Projection Matrix P，其Column Space中的任意Vector都会是一个Eigenvector
![[LA8.DiagonalizationandEigenvalues.png]]
- 因为当其投影到Subspace的时候并没有改变
- 因此x为Eigenvector，并且Eigenvalue为1
- 同时对于Orthogonal于Subspace的Vector，有\(Px=0\)，则这个x也是Eigenvector，其Eigenvalue为0
ex. Permutation Matrix #
$$A = \begin{bmatrix} 0 & 1 \\ 1 & 0 \end{bmatrix}$$
- 对于置换矩阵存在Eigenvector \(x=[1,1]^T\)，Eigenvalue为1
- 另一个Eigenvalue为\(x=[-1,1]^T\)，对应Eigenvalue为-1，\(Ax=-x\)
Trace 迹 #
- \(n\times n\) 的Matrix存在n个Eigenvalue
- 并且它们的和，即为Trace，等于矩阵对角线上的元素之和
- 对于二阶矩阵，在已知一个特征值的条件下， 可以据此得到另一个特征值
Solve Ax = lambdax #
- 对于\(Ax=\lambda x\)存在两个未知数，下面讨论求解的办法
- Rewrite等式为\((A-\lambda I)x=0\)
- 如果系数矩阵\(A - \lambda I\)是非奇异矩阵（行列式不为零），那么方程组只有Trivial Solution \(x=0\)
- 而如果系数矩阵\(A - \lambda I\)是奇异矩阵（行列式为零），那么方程组可能有非零解\(x \neq 0\)
- 于是可以推出\(det(A-\lambda I)=0\)
- 在这个没有x的“特征方程”中，可以解得n个特征值，但是有可能方程有Repeated Root，则会得到重复的Eigenvalue
- 得到特征值之后，用消元法解\(A-\lambda I\)，这一矩阵零空间中的向量为矩阵 A的特征向量
ex. #
- 对于Matirx
$$A= \begin{bmatrix}3 & 1 \\1 & 3\end{bmatrix}$$
$$\det (A-\lambda I) = \begin{vmatrix} 3-\lambda & 1 \\ 1 & 3-\lambda \end{vmatrix} = (3-\lambda)^2 - 1 = \lambda^2 - 6\lambda + 8$$
- 在一元二次方程中，6为Trace，8为Determinant
- 于是可以总结对于二阶矩阵的Eigenvalue为该方程的解
$$\lambda^2 - \text{trace}(A) \lambda + \det A = 0$$
- 对于上面的Matrix则有Eigenvalue = 4 & 2
$$A-4I = \begin{bmatrix} -1 & 1 \\ 1 & -1 \end{bmatrix}, \quad (A-4I)x_1 = 0, \quad x_1 = \begin{bmatrix} 1 \\ 1 \end{bmatrix}$$
$$A-2I = \begin{bmatrix} 1 & 1 \\ 1 & 1 \end{bmatrix}, \quad (A-2I)x_2 = 0, \quad x_2 = \begin{bmatrix} -1 \\ 1 \end{bmatrix}$$
- 与前面的例子\(A=\begin{bmatrix} 0 & 1 \ 1 & 0 \end{bmatrix}\)的特征值和特征向量相对比，可知两者为一组平移矩阵
- 在对角元素上分别加3，改变了特征值但是没有改变特征向量
$$Ax = \lambda x, \quad \text{则有} (A+3I)x = \lambda x + 3x = (\lambda + 3)x$$
- 所以当两个Matrix有相同的Eigenvectors的时候，他们是可以“相加”的
- 当然其中一个为Identity Matrix的情况除外
Trace Equal to Eigenvalue Summation 矩阵的迹等于特征值之和 #
- 将\(det(A-\lambda I)=0\)展开会得到\(\lambda\)的n 阶多项式，多项式的解就是矩阵 A 的特征值
- 根据多项式根与系数的关系，解之和即特征值之和等于\(\lambda^{n-1}\)的系数
- 而行列式展开式中只有对角线的积这一项包含的\(\lambda^{n-1}\)（其它项最高是n-2次方），而其系数为矩阵A对角线元素之和即矩阵A的Trace，因此特征值之和与矩阵的迹相等
Symmetry Matrix’s Eigenvector Orthogonal 对称矩阵的特征向量正交 #
- \(\lambda_1,\lambda_2\)是对称矩阵的两个不同的特征值，对应的特征向量分别为x1和x2。
$$\text{则有 } A\mathbf{x}_1 = \lambda_1 \mathbf{x}_1, \text{ 左乘 } \mathbf{x}_2^\top \text{ 得 } \mathbf{x}_2^\top A\mathbf{x}_1 = \lambda_1 \mathbf{x}_2^\top \mathbf{x}_1$$
$$\mathbf{x}_2^\top A\mathbf{x}_1 = (\mathbf{A}^\top \mathbf{x}_2)^\top \mathbf{x}_1 = \lambda_2 \mathbf{x}_2^\top \mathbf{x}_1。\\
\text{因此有 } (\lambda_1 - \lambda_2) \mathbf{x}_2^\top \mathbf{x}_1 = 0$$
- 而两特征值不等，所以两特征向量正交
Complex eigenvalues 复数特征值 #
$$Q = \begin{bmatrix} 0 & -1 \\ 1 & 0 \end{bmatrix} = \begin{bmatrix} \cos 90^\circ & -\sin 90^\circ \\ \sin 90^\circ & \cos 90^\circ \end{bmatrix}$$
- Q是一个是一个90度Rotation Matrix
- 从矩阵的Trace和Determinant的值可以得到\(\lambda_1+\lambda_2=0,\lambda_1\lambda_2=1\)
- 仅观察Matrix可以发现他的Eigenvector只能是Zero Vector，因为其他Vector乘以Rotation Matrix，其方向将会改变而，不可逆平行于原向量，通过原来的计算可得
$$\det (Q - \lambda I) = \begin{vmatrix} -\lambda & -1 \\ 1 & -\lambda \end{vmatrix} = \lambda^2 + 1 = 0$$
- 可以解得\(\lambda_1=i,\lambda_2=-i\)
- 如果一个矩阵具有复数特征值a+bi则，它的共轭复数a-bi也是矩阵的特征值
- 实数特征值让特征向量伸缩而虚数让其旋转
Antisymmetric matrices 反对称矩阵 #
- 即满足\(A^T=-A\)的矩阵
- 对称矩阵永远具有实数的特征值，而，具有纯虚数的特征值
Triangular matrices and repeated eigenvalues 三角阵和重特征值 #
- 对于一个Uppertriangular Matrix
$$A = \begin{bmatrix}3 & 1 \\0 & 3\end{bmatrix}$$
$$\det (A - \lambda I) = \begin{vmatrix} 3-\lambda & 1 \\ 0 & 3-\lambda \end{vmatrix} = (3-\lambda)(3-\lambda) = 0
$$
- 即\(\lambda_1=\lambda_2=3\)
$$(A-\lambda I)x = \begin{bmatrix} 0 & 1 \\ 0 & 0 \end{bmatrix}x = 0, \quad \text{得到} \quad x_1 = \begin{bmatrix} 1 \\ 0 \end{bmatrix}$$
- 其并没有没有线性无关的x2，说明A是一个退化矩阵，对应相同的特征值，而特征向量短缺
Diagonalization 对角化 #
- 如果矩阵A具有n个线性无关的特征向量，将它们作为列向量可以组成一个可逆方阵S，并且有
$$AS = A \begin{bmatrix} \mathbf{x}_1 & \mathbf{x}_2 & \cdots & \mathbf{x}_n \end{bmatrix}
= \begin{bmatrix} \lambda_1 \mathbf{x}_1 & \lambda_2 \mathbf{x}_2 & \cdots & \lambda_n \mathbf{x}_n \end{bmatrix}
= S \begin{bmatrix}
\lambda_1 & 0 & \cdots & 0 \\
0 & \lambda_2 & \cdots & 0 \\
\vdots & \vdots & \ddots & \vdots \\
0 & 0 & \cdots & \lambda_n
\end{bmatrix} = S D$$
- 根据上式可写出\(AS=SD\Rightarrow S^{-1}AS=D\)，这就叫Diagonalization
- 同理也有\(A=SDS^{-1}\)
Power of A 矩阵的幂 #
- 特征值给矩阵的幂计算提供了方法。
$$\text{如果 } A\mathbf{x} = \lambda \mathbf{x}, \text{ 则有 } A^2\mathbf{x} = \lambda A\mathbf{x} = \lambda^2 \mathbf{x}。$$
- 这说明了Matrix \(A\)与\(A^2\)拥有相同的Eigenvector
$$A^2 = S D S^{-1} S D S^{-1} = S D^2 S^{-1}$$
- 同理可以推广到k-th power的情况，有\(A^k = S D^k S^{-1}\)
- 这说明\(A^k\)有着和A一样的特征向量，而特征值为\(\lambda^k\)
- 如果矩阵A具有n个线性无关的特征向量，并且特征值均满足\(|\lambda_i|<1\)，则k→∞时，Ak→0
Repeated eigenvalues 重特征值 #
- 如果矩阵A没有重特征值，则其一定具有n个线性无关的特征向量
- 如果矩阵A有重特征值，它有可能具有n个线性无关的特征向量，也可能没有
Identity Matrix #
- 比如单位阵的特征值为重特征值1，但是其具有n个线性无关的特征向量
UpperTriangular Matrix #
- 参考上面的例子
- 对于一个Uppertriangular Matrix
$$A = \begin{bmatrix}3 & 1 \\0 & 3\end{bmatrix}$$
$$\det (A - \lambda I) = \begin{vmatrix} 3-\lambda & 1 \\ 0 & 3-\lambda \end{vmatrix} = (3-\lambda)(3-\lambda) = 0$$
- 即\(\lambda_1=\lambda_2=3\)
$$(A-\lambda I)x = \begin{bmatrix} 0 & 1 \\ 0 & 0 \end{bmatrix}x = 0, \quad \text{得到} \quad x_1 = \begin{bmatrix} 1 \\ 0 \end{bmatrix}$$
- 其存在Repeated Eigenvalue所以可能没有n个Linearly Independent的Eigenvector
Difference equations 差分方程 #
- 差分方程描述了离散变量之间的递推关系
- 简单来说，差分方程是用来研究一系列离散点上的函数值之间的关系
- 从给定的一个向量\(u_0\)出发，我们可以通过对前一项乘以矩阵A得到下一项的方式，得到一个向量序列：\(u_{k+1}=Au_k\)
- 这里的\(u_k+1=Au_k\)可以是一个一阶差分方程，而\(u_k=A^ku_0\)就是方程的解
- 其可以写出Eigenvector的Linear Combination
$$\mathbf{u}_0 = c_1 \mathbf{x}_1 + c_2 \mathbf{x}_2 + \cdots + c_n \mathbf{x}_n = S\mathbf{c}$$
$$A\mathbf{u}_0 = c_1 \lambda_1 \mathbf{x}_1 + c_2 \lambda_2 \mathbf{x}_2 + \cdots + c_n \lambda_n \mathbf{x}_n$$
$$\mathbf{u}_k = A^k \mathbf{u}_0 = c_1 \lambda_1^k \mathbf{x}_1 + c_2 \lambda_2^k \mathbf{x}_2 + \cdots + c_n \lambda_n^k \mathbf{x}_n = D^k S\mathbf{c}$$
Fibonacci sequence 斐波那契数列 #
- 斐波那契数列为0,1,1,2,3,4,8,13……其通项公式为\(F_{k+2}=F_{k+1}+F_k\)
- 令
$$\mathbf{u}_k = \begin{bmatrix} F_{k+2} \\ F_{k+1} \end{bmatrix}$$
$$F_{k+2} = F_{k+1} + F_k, \quad F_{k+1} = F_{k+1} \\
\text{写成矩阵形式为 } \mathbf{u}_{k+1} = \begin{bmatrix} 1 & 1 \\ 1 & 0 \end{bmatrix} \mathbf{u}_k$$
- 所以现在A就是\(\begin{bmatrix} 1 & 1 \ 1 & 0 \end{bmatrix}\)，求解其Eigenvalues有
$$\det(A - \lambda I) = \begin{vmatrix} 1-\lambda & 1 \\ 1 & -\lambda \end{vmatrix} = \lambda^2 - \lambda - 1 = 0$$
- \(\text{解得 } \lambda_1 = \frac{1 + \sqrt{5}}{2}, \quad \lambda_2 = \frac{1 - \sqrt{5}}{2}\)，且\(\mathbf{u}_k = A^k \mathbf{u}_0 = c_1 \lambda_1^k \mathbf{x}_1 + c_2 \lambda_2^k \mathbf{x}_2\)
- 由于\(\lambda_1\)大于零，\(\lambda_2\)小于零，则在k趋于无线的时候，\(\lambda_2^k\)趋于零
- 从特征值可以求得对应的特征向量\(\mathbf{x}_1 = \begin{bmatrix} \lambda_1 \ 1 \end{bmatrix} \text{ 的和 } \mathbf{x}_2 = \begin{bmatrix} \lambda_2 \ 1 \end{bmatrix}\)
在因为是二阶方程，而且矩阵\(A - \lambda I\)是奇异矩阵，所以只要符合其中一个方程即可，立刻可以看出\(\begin{bmatrix} \lambda_1 \ 1 \end{bmatrix}\)是解
$$\text{从 } \mathbf{u}_0 = \begin{bmatrix} F_1 \\ F_0 \end{bmatrix} = c_1 \mathbf{x}_1 + c_2 \mathbf{x}_2, \text{ 可以求得 } c_1 = -c_2 = \frac{1}{\sqrt{5}}$$$$
\begin{bmatrix} F_{100} \\ F_{99} \end{bmatrix} = A^{99} \begin{bmatrix} F_1 \\ F_0 \end{bmatrix} =
\begin{bmatrix} \lambda_1 & \lambda_2 \\ 1 & 1 \end{bmatrix}
\begin{bmatrix} \lambda_1^{99} & 0 \\ 0 & \lambda_2^{99} \end{bmatrix}
\begin{bmatrix} c_1 \\ c_2 \end{bmatrix} =
\begin{bmatrix} c_1 \lambda_1^{100} + c_2 \lambda_2^{100} \\ c_1 \lambda_1^{99} + c_2 \lambda_2^{99} \end{bmatrix}. \\
\text{可知 } F_{100} \approx c_1 \lambda_1^{100}.
$$